Compleja:Zill-Cap6.5

Ejercicios del capítulo 6, sección 5 del libro, A First Course in Complex Analysis with Applications de Zill y Shanahan.

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Sección 6.5

Ejercicio 3

Utilizar la serie de laurent adecuada para encontrar el sesiduo indicado.

$f(z)=\frac{4z-6}{z(2-z)}$$;Res((f(z),0)$ Acomodando un poco $f(z)$ $f(z)=\frac{4z-6}{z(2-z)}=\frac{4z-6}{-z(z-2)}=\frac{6-4z}{z(z-2)}$ Reescribiendo en fracciones parciales. $f(z)=\frac{6-4z}{z(z-2)}=\frac{A}{z}+\frac{B}{z-2}=\frac{(A+B)z-2A}{z(z-2)}$ De aquí se puede ver que: $-2A=6$ $A+B=-4$ $\therefore A=-3$ Y por consiguiente $B=-1$ Entonces reescribiendo f(z) $f(z)=\frac{6-4z}{z(z-2)}=\frac{-3}{z-0}+\frac{-1}{z-2}$ Entonces el Residuo en $z=0$ es: $-3$ Asi ==='"`UNIQ--h-2--QINU`"'Ejercicio 7=== '''Use (1) (2) o (4) para encontrar el residuo en cada polo de la función dada ''' (7) \[ f(z)=\dfrac{z}{z^{2}+16}\] Solución Utilizando la ecuación (1), esta depende del numero de cero que contenga la función \[ Res(f(z),z_{0}) = \lim_{z\rightarrow z_0}(z-z_{0})f(z)\] Determinamos el numero de cero de la función haciendo una factorización del denominador \[ f(z)=\dfrac{z}{(z+4i)(z-4i)}\] De esto podemos concluir que la función tiene dos polos de orde uno o dos polos simples, por tanto emplearemos (1) de la siguiente forma: \[ Res(f(z),z_{1}) = \lim_{z\rightarrow z_1}(z-z_{1})f(z)\]1 \[ Res(f(z),z_{2}) = \lim_{z\rightarrow z_2}(z-z_{2})f(z)\] \[ Res(f(z), 4i) = \lim_{z\rightarrow 4i}(z-4i)\dfrac{z}{(z+4i)(z-4i)}=\lim_{z\rightarrow 4i}\dfrac{z}{(z+4i)}=\dfrac{4i}{8i}=\dfrac{1}{2} \] \[ Res(f(z),-4i) = \lim_{z\rightarrow -4i}(z+4i)\dfrac{z}{(z+4i)(z-4i)}=\lim_{z\rightarrow -4i}\dfrac{z}{(z-4i)}=\dfrac{-4i}{-8i}=\dfrac{1}{2} \] --[[Usuario:Esther Sarai|Esther Sarai]] ([[Usuario discusión:Esther Sarai|discusión]]) 11:35 3 jul 2015 (CDT)Esther Sarai ---- ==='"`UNIQ--h-3--QINU`"'Ejercicio 8=== Use (1) (2) o (4) para encontrar el residuo en cada polo de la función dada 8.- $f(z)=\frac{4z+8}{2z-1}$ Primero se puede reescribir como $f(z)=\frac{4z+8}{2z-1}=\frac{4}{2}\frac{z+2}{z-1/2}=2[\frac{z+2}{z-1/2}]$ Entonces se puede ver que tiene un polo simple en $z=1/2$, por ello uso (1) $Res(f(z),1/2)=\underset{z\rightarrow1/2}{lim}(z-1/2)[2[\frac{z+2}{z-1/2}]]=\underset{z\rightarrow1/2}{lim}2[z+2]=2[\frac{5}{2}]=5$ --[[Usuario:Fernando Vazquez V.|Fernando Vazquez V.]] ([[Usuario discusión:Fernando Vazquez V.|discusión]]) 21:29 3 jul 2015 (CDT) ---- ==='"`UNIQ--h-4--QINU`"'Ejercicio 9=== '''Use $(1),(2)$ o $(4)$ para encontrar el residuo en cada polo de la función $f(z)=\frac{1}{z^{4} + z^{3} - 2z^{2} }$ ''' Tengo que \[ f(z)=\frac{1}{z^{4} + z^{3} - 2z^{2} }= \frac{1}{ z^{2} \left( z^{2} +z -2 \right) }= \frac{1}{z^{2} \left( z+2 \right) \left( z-1 \right)} \] La función $f(z) = \frac{1}{z^{2} \left( z+2 \right) \left( z-1 \right)}$ tiene dos polos simples en $z=1$ y en $z=-2$ , también un polo de orden 2 en $z=0$ Puesto que $z=1$ y $z=-2$ son polos simples, usamos $(1): $ \[ Res( f(z),1)= \lim_{z \to 1}(z-1) f(z)= \lim_{z \to 1} (z-1) \dfrac{1}{ z^{2} (z+2) (z-1)} = \lim_{z \to 1} \dfrac{1}{ z^{2} (z+2) } = \frac{1}{3} \] \[ \therefore Res( f(z),1)= \frac{1}{3} \] \[ Res( f(z),-2)= \lim_{z \to -2}(z+2) f(z)= \lim_{z \to -2} (z+2) \dfrac{1}{ z^{2} (z+2) (z-1)} = \lim_{z \to -2} \dfrac{1}{ z^{2} (z-1) } = -\frac{1}{12} \] \[ \therefore Res( f(z),-2)= -\frac{1}{12} \] Ahora en el polo de orden 2, el resultado en $(2)$ da \[ Res( f(z),0) = \frac{1}{ (2-1)! } \lim_{z \to 0 } \frac{ d^{2-1} }{ dz^{2-1} } \left[ \left( z-0 \right)^{2} f(z) \right]= \lim_{z \to 0 } \frac{d}{dz} \left[ z^{2} f(z) \right] = \lim_{z \to 0 } \frac{d}{dz} \left[ z^{2} \frac{1}{ z^{2}(z+2)(z-1) } \right]= \] \[ \lim_{z \to 0 } \frac{d}{dz} \left[ \frac{1}{ (z+2)(z-1) } \right]= \lim_{z \to 0 } \left( - \frac{1}{ (z+2)^{2}(z-1)} - \frac{1}{ (z+2)(z-1)^{2} } \right) = \lim_{z \to 0 } \left( \frac{-2z-1}{ (z^{2}+z-2)^{2} } \right) = - \frac{1}{4} \] \[ \therefore Res( f(z), 0)= - \frac{1}{4} \] --[[Usuario:Emmanuell Castro Flores|Emmanuell Castro Flores]] ([[Usuario discusión:Emmanuell Castro Flores|discusión]]) 16:24 3 jul 2015 (CDT) ---- ==='"`UNIQ--h-5--QINU`"'Ejercicio 10=== Encuentre el residuo en cada polo de la función dada. :'"`UNIQ--math-00000000-QINU`"' Solución Analizamos el denominador que se puede factorizar, para ello utilizaremos la frmula general y nos queda: :'"`UNIQ--math-00000001-QINU`"' por los tanto :'"`UNIQ--math-00000002-QINU`"' :'"`UNIQ--math-00000003-QINU`"' entonces: :'"`UNIQ--math-00000004-QINU`"' Es un polo de orden n=2 en “z” subíndice uno y dos, aplicamos el teorema del residuo en un polo de orden n , el cuál es: :'"`UNIQ--math-00000005-QINU`"' entonces: :'"`UNIQ--math-00000006-QINU`"' por lo tanto :'"`UNIQ--math-00000007-QINU`"' Para el otro caso :'"`UNIQ--math-00000008-QINU`"' por lo tanto :'"`UNIQ--math-00000009-QINU`"' Elaborado mpor Ricardo García Hernández--[[Usuario:Ricardo Garcia Hernandez|Ricardo Garcia Hernandez]] ([[Usuario discusión:Ricardo Garcia Hernandez|discusión]]) 01:39 4 jul 2015 (CDT) ---- ==='"`UNIQ--h-6--QINU`"' Ejercicio 11 === encontrar el residuo en cada polo de la función dada $f(z)=\frac{5z^{2}-4z+3}{(z+1)(z+2)(z+3)}$ tenemos tres polos simples : $z=-1$,$z=-2$,$z=-3$ usaremos el teorema : $Res(f(z),z_{0})=lim_{z\rightarrow z_{0}}\left(z-z_{0}\right)f(z)$ para cada residuo. $Res(f(z),-1)=lim_{z\rightarrow-1}(z+1)f(z)=lim_{z\rightarrow-1}\frac{5z^{2}-4z+3}{(z+2)(z+3)}=\frac{5(1)-4(-1)+3}{(-1+2)(-1+3)}=\frac{5+4+3}{(1)(2)}=\frac{12}{2}=6$ $Res(f(z),-2)=lim_{z\rightarrow-2}(z+2)f(z)=lim_{z\rightarrow-2}\frac{5z^{2}-4z+3}{(z+1)(z+3)}=\frac{5(4)-4(-2)+3}{(-2+1)(-2+3)}=\frac{5(4)+4(2)+3}{(-1)(1)}=\frac{20+8+3}{-1}=-31$ $Res(f(z),-3)=lim_{z\rightarrow-3}(z+3)f(z)=lim_{z\rightarrow-3}\frac{5z^{2}-4z+3}{(z+1)(z+2)}=\frac{5(9)-4(-3)+3}{(-3+1)(-3+2)}=\frac{45+12+3}{2}=\frac{60}{2}=30$ --[[Usuario:Juan Daniel Rivera Bautista|Juan Daniel Rivera Bautista]] ([[Usuario discusión:Juan Daniel Rivera Bautista|discusión]]) 02:50 3 jul 2015 (CDT) ---- ==='"`UNIQ--h-7--QINU`"'Ejercicio 12=== Utilizar (1), (2) o (4) para encontrar el residuo de cada polo de la función dada $f\left(z\right)=\frac{2z-1}{\left(z-1\right)^{4}\left(z+3\right)}$ Usamos para el polo simple z+3 $Res\left(f\left(z\right),z_{0}\right)=\underset{z\rightarrow z_{0}}{lim}\left(z-z_{0}\right)f\left(z\right)$ $Res\left(f\left(z\right),-3\right)=\underset{z\rightarrow-3}{lim}\left(z+3\right)f\left(z\right)=\underset{z\rightarrow-3}{lim}\frac{2z-1}{\left(z-1\right)^{4}}=-\frac{7}{256}$ Para el polo de oreden cuatro usaremos: $Res\left(f\left(z\right),1\right)=\frac{1}{3!}\underset{z\rightarrow1}{lim}\frac{d^{3}}{dz^{3}}\left[\left(z-1\right)^{4}f\left(z\right)\right]=\frac{1}{3!}\underset{z\rightarrow1}{lim}\frac{d^{3}}{dz^{3}}\left(\frac{2z-1}{z+3}\right)$ Tenemos que $\frac{d^{3}}{dz^{3}}=\frac{42}{\left(z+3\right)^{4}}$ Entonces tenemos que: $Res\left(f\left(z\right),1\right)=\frac{1}{6}\underset{z\rightarrow1}{lim}\frac{42}{\left(z+3\right)^{4}}=\frac{42}{1536}$ Resuelto por [[Usuario:Luis Enrique Martínez Valverde|Luis Enrique Martínez Valverde]] ([[Usuario discusión:Luis Enrique Martínez Valverde|discusión]]) 23:34 3 jul 2015 (CDT) ---- ==='"`UNIQ--h-8--QINU`"'Ejercicio 13=== '''Teorema del residuo en un polo de orden n''' si $f$ tiene un polo de orden $n$ en $z=z_{0}$, entonces, $Res(f(z),z_{0})=\frac{1}{(n-1)!}\lim_{z\rightarrow z_{0}}\frac{d^{n-1}}{dz^{n-1}}\left[(z-z_{0})^{n}f(z)\right]$ encuentre el residuo en cada polo de la función dada. $f(z)=\frac{\cos z}{z^{2}(z-\pi)^{3}}$ como podemos ver la función $f(z)=\frac{\cos z}{z^{2}(z-\pi)^{3}}$ tiene un polo de orden 2 en $z=0$ y uno de orden 3 en $z=\pi$ usando el teorema para $z_{0}=0,\;y\;n=2$ $Res(f(z),z_{0}=0)=\frac{1}{(2-1)!}\lim_{z\rightarrow0}\frac{d}{dz}\left[(z-0)^{2}\frac{\cos z}{z^{2}(z-\pi)^{3}}\right]=\lim_{z\rightarrow0}\frac{d}{dz}\left[z^{2}\frac{\cos z}{z^{2}(z-\pi)^{3}}\right]=\lim_{z\rightarrow0}\frac{d}{dz}\left[\frac{\cos z}{(z-\pi)^{3}}\right]=\lim_{z\rightarrow0}\frac{-\sin z(z-\pi)^{3}-3\cos z(z-\pi)^{2}}{(z-\pi)^{6}}=\lim_{z\rightarrow0}\frac{-\sin z(z-\pi)-3\cos z}{(z-\pi)^{4}}=\frac{-3}{(-\pi)^{4}}=\frac{-3}{\pi{}^{4}}$ ahora para $z_{0}=\pi,\;y\;n=3$ $Res(f(z),z_{0}=\pi)=\frac{1}{(3-1)!}\lim_{z\rightarrow\pi}\frac{d^{2}}{dz^{2}}\left[(z-\pi)^{3}\frac{\cos z}{z^{2}(z-\pi)^{3}}\right]=\frac{1}{2}\lim_{z\rightarrow\pi}\frac{d^{2}}{dz^{2}}\left[\frac{\cos z}{z^{2}}\right]=\frac{1}{2}\lim_{z\rightarrow\pi}\frac{d}{dz}\left[\frac{-\sin z*z^{2}-2z\cos z}{z^{4}}\right]=\frac{1}{2}\lim_{z\rightarrow\pi}\frac{d}{dz}\left[\frac{-\sin z*z-2\cos z}{z^{3}}\right]$ $=\frac{1}{2}\lim_{z\rightarrow\pi}\frac{\left(-\sin z-\cos z*z+2\sin z\right)z^{3}-3z^{2}\left(-\sin z*z-2\cos z\right)}{z^{6}}=\frac{1}{2}\lim_{z\rightarrow\pi}\frac{\left(-\sin z-\cos z*z+2\sin z\right)z^{3}-3z^{2}\left(-\sin z*z-2\cos z\right)}{z^{6}}=\frac{1}{2}\frac{\pi*\pi^{3}-3\pi^{2}(2)}{\pi^{6}}=\frac{\pi^{2}(\pi^{2}-6)}{2\pi^{6}}=\frac{(\pi^{2}-6)}{2\pi^{4}}$ así $Res(f(z),z_{0}=0)=\frac{-3}{\pi{}^{4}}$ $Res(f(z),z_{0}=\pi)=\frac{(\pi^{2}-6)}{2\pi^{4}}$ como se quería. --[[Usuario:Francisco Medina Albino|Francisco Medina Albino]] ([[Usuario discusión:Francisco Medina Albino|discusión]]) 18:14 3 jul 2015 (CDT) ---- ==='"`UNIQ--h-9--QINU`"'Ejercicio 14=== Encuentre el residuo en cada polo de la funcion $f(z)={\displaystyle \frac{e^{z}}{e^{z}-1}}$ Por inspeccion vemos que la funcion tiene un polo en $z_{0}=0$, en este caso es un polo simple, asi que usamos el siguiente teorema \[ Res(f(z),z_{0})={\displaystyle lim_{z\rightarrow z_{0}}(z-z_{0})f(z)} \] Entonces tenemos lo siguiente \[ Res\left(f(z),z_{0}\right)={\displaystyle lim_{z\rightarrow0}z\left(\frac{e^{z}}{e^{z}-1}\right)} \] Expandiendo en series $e^{z}=1+\frac{z}{1\text{!}}+\frac{z^{2}}{2!}+....$ Tenemos lo siguiente \[ z\left({\displaystyle \frac{e^{z}}{e^{z}-1}}\right)=z\left({\displaystyle \frac{1+\frac{z}{1!}+...}{\frac{z}{1!}+\frac{z^{2}}{2!}+....}}\right)={\displaystyle \frac{z^{2}}{z}\left({\displaystyle \frac{\frac{1}{z}+1+\frac{z}{2!}+...}{1+\frac{z}{2!}+....}}\right)={\displaystyle \frac{1+z+\frac{z^{2}}{2!}+...}{1+\frac{z}{2!}+....}}} \] Por lo tanto el limite cuando $z\rightarrow0$ esta escrito de la siguiente manera \[ {\displaystyle lim_{z\rightarrow0}z\left(\frac{e^{z}}{e^{z}-1}\right)}={\displaystyle lim_{z\rightarrow0}}\left({\displaystyle \frac{1+z+\frac{z^{2}}{2!}+...}{1+\frac{z}{2!}+...}}\right)=1 \] Por lo tanto \[ Res\left(f(z),z_{0}=0\right)=1 \] [[Usuario:Jose Emmanuel Flores Calderón|Jose Emmanuel Flores Calderón]] ([[Usuario discusión:Jose Emmanuel Flores Calderón|discusión]]) 22:07 2 jul 2015 (CDT) ---- ==='"`UNIQ--h-10--QINU`"'Ejercicio 15=== Encontrar el residuo en cada polo de la función dada. $f(z)=sec z$ Solución Utilizando la ecuación: \[ Res(f(z),z_{0}) = \lim_{z\rightarrow z_0}(z-z_{0})f(z)\] Determinamos los polos de la funcion: $f(z) = sec z = \frac{1}{cos z} $ De esto podemos concluir, que la función tiene polos simples en los puntos donde $cos z = 0$. $(2n+1)\frac{\pi}{2}$ con $n=0,\pm1,\pm2,...$ Por lo tanto: $Res(f(z), (2n+1)\frac{\pi}{2}) = (-1)^{n+1}$ [[Usuario:Nancy Martínez Durán|Nancy Martínez Durán]] ([[Usuario discusión:Nancy Martínez Durán|discusión]]) 02:58 4 jul 2015 (CDT) ---- ==='"`UNIQ--h-11--QINU`"'Ejercicio 17=== '''Utilice el teorema del residuo de Cauchy, donde sea apropiado, para evaluar la integral a lo rago del contorno indicado.''' \[ \oint_C \!\frac{1}{(z-1)(z+2)^2}dz \;\;\;\;\;\;\;(a)\,|z|=\frac{1}{2}\;\;\;(b)\,|z|=\frac{3}{2}\;\;\;(c)\,|z|=3 \] [[Archivo:P6.5.17.png|center|400px]] Para el caso (a), ninguna singularidad (polo) esta dentro del contorno, por lo que: \[ \oint_{C_a} \!\frac{1}{(z-1)(z+2)^2}dz=0 \] Para el caso (b), unicamente $P_2 (1)$ esta dentro del contorno, por lo que: \[ \oint_{C_b} \!\frac{1}{(z-1)(z+2)^2}dz=2\pi\, i\, Res(f(z),1) \] \[ Res(f(z),1)=\lim_{z\to 1}{(z-1)\frac{1}{(z-1)(z+2)^2}}=\lim_{z\to 1}{\frac{1}{(z+2)^2}}=\frac{1}{1+2}=\frac{1}{3^2}=\frac{1}{9} \] \[ \oint_{C_b} \!\frac{1}{(z-1)(z+2)^2}dz=2\pi\, i\, Res(f(z),1)=\frac{2\pi\, i}{9} \] Para el caso (c) ambas singularidades están dntro del contorno, por lo que: \[ \oint_{C_c} \!\frac{1}{(z-1)(z+2)^2}dz=2\pi\, i\, \left[Res(f(z),1)+Res(f(z),-2)\right] \] El primer residuo ya lo conocemos del incisio anterior, pero el segundo, es un polo de orden 2 por lo que se calcula como sigue: \[ Res(f(z),-2)=\lim_{z\to -2}{\frac{d}{dz}\left[(z+2)^2\frac{1}{(z-1)(z+2)^2}\right]}=\lim_{z\to -2}{\frac{d}{dz}\left[\frac{1}{(z-1)}\right]} \] \[ Res(f(z),-2)=\lim_{z\to -2}{-\left[\frac{1}{(z-1)^2}\right]}=-\frac{1}{(-2-1)^2}=-\frac{1}{3^2}=-\frac{1}{9} \] \[ \oint_{C_c} \!\frac{1}{(z-1)(z+2)^2}dz=2\pi\, i\, \left[\frac{1}{9}-\frac{1}{9}\right]=0 \] --[[Usuario:Tlacaelel Cruz|Tlacaelel Cruz]] ([[Usuario discusión:Tlacaelel Cruz|discusión]]) 22:43 30 jun 2015 (CDT) ---- ==='"`UNIQ--h-12--QINU`"' Ejercicio 21 === 21. Utilice el teorema del residuo de Cauchy, para evaluar la integral dada en el contorno dado: $\oint_C \frac{1}{z^2+4z+13}dz, C:|z-3i|=3$. Solución: Primero notemos que $z^2+4z+13=(z-(-2+3i))(z-(-2-3i))$. Con $(z_1=-2+3i) \wedge (z_2=-2-3i)$ Vea que $z_1=-2+3i$ satisface $|z-3i|<3$ y que $z_2=-2-3i$ no satisface $|z-3i|<3$, (pues $:|-2-3i-3i|=\sqrt{4+36}=2\sqrt{10}>3$). Por lo anterior$\frac{1}{z^2+4z+13}$ es analítica en todos los puntos de $|z-3i|=3$, salvo $z_1=-2+3i$ Entonces, por el teorema 6.16: $$\oint_C \frac{1}{z^2+4z+13}dz=(2\pi i) res f(-2+3i)=(2\pi i) \lim_{z\to {z_1} } (\frac{1}{(z-(-2+3i))(z-(-2-3i))})(z-(-2+3i))=(2\pi i)\lim_{z\to {z_1} } \frac{1}{(z-(-2-3i))}=(2\pi i)\frac{1}{(-2+3i-(-2-3i))}=(2\pi i)\frac{1}{(-2+3i-(-2-3i))}=(2\pi i)\frac{1}{6i}=\frac{\pi}{3}.$$

Por lo tanto: $\oint_C \frac{1}{z^2+4z+13}dz=\frac{\pi}{3}$, en donde $C:|z-3i|=3$

Alan Daniel Barrón Posadas (discusión) 22:49 3 jul 2015 (CDT)

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Ejercicio 22

In Problems 21\textendash 34, use Cauchy\textquoteright s residue theorem to evaluate the given integral along the indicated contour.

traduccion:

En los problemas 21 a 34 , utilice el teorema de los residuos de Cauchy para evaluar la propuesta integral a lo largo del contorno indicado.

$\int_{c}\frac{1dz}{z^{3}\left(z-1\right)}$ en el contorno c $\left[z-2\right]=\frac{3}{2}$

para poder evaluar este tipode integrales primero necesitamos conocer sus polos y su respectivo orden:

esta integral tiene dos polos

a) polo de orden 3 en $z=0$

b) polo simple en $z=+1$

lo segundo que se tiene que haser es verificar si dischois polos estan dentro de la reguion acotada por c

entonces:

la region acotada c es una circunferencia centrada en $\left(2,0\right)$ y de radio $\frac{3}{2}$ entonces en el eje x si y vale cero el circulo va de $\frac{1}{2}$ hasta $\frac{7}{2}$ por lo que el polo a) polo de orden 3 en z=0 no esta dentro del contorno

entonces el unico polo que importa es el polo b) polo simple en $z=+1$

saviendo esto podemos aplicar el teorema de los residuos de Cauchy en este residuo para resolver la integral de la siguiente manera:

$\int_{c}\frac{1dz}{z^{3}\left(z-1\right)}=2ipiResf\left(\left(z\right),+1\right)$

entonces procedemos a calcular el residuo requerido:

$Resf\left(\left(z\right),+1\right)=lim_{z\rightarrow+1}\left(z-1\right)\left(\frac{1}{z^{3}\left(z-1\right)}\right)=lim_{z\rightarrow+1}\left(\frac{1}{z^{3}}\right)=1$

entonces tenemos:

$\int_{c}\frac{1dz}{z^{3}\left(z-1\right)}=2ipiResf\left(\left(z\right),+1\right)=2ipi$ para el contorno C dado

--Martin Flores Molina (discusión) 13:05 15 mayo 2015 (CDT) ----

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Ejercicio 23

Utilice el teorema de Cauchy del residuo para evaluar la integral a lo largo del contorno indicado

$\oint { \frac { z }{ { z }^{ 4 }-1 } } dz\quad \quad C;\left| z \right| =2$

Del denominador ${ z }^{ 4 }-1=(z-1)(z+1)(z-i)(z+i),\quad $ tenemos polos simples de $n=1$ en $z=1,-1,i,-i$

Por lo tanto

$Re(f(z),1)=\lim _{ z\rightarrow 1 }{ \left[ (z-1)\frac { z }{ (z-1)(z+1)(z-i)(z+i) } \right] = } \lim _{ z\rightarrow 1 }{ \left[ \frac { z }{ (z+1)(z-i)(z+i) } \right] = } \frac { 1 }{ 4 } $

y para

$Re(f(z),-1)=\lim _{ z\rightarrow -1 }{ \left[ (z+1)\frac { z }{ (z-1)(z+1)(z-i)(z+i) } \right] = } \lim _{ z\rightarrow -1 }{ \left[ \frac { z }{ (z-1)(z-i)(z+i) } \right] = } \frac { 1 }{ 4 } $

ahora para

$Re(f(z),i)=\lim _{ z\rightarrow i }{ \left[ (z-i)\frac { z }{ (z-1)(z+1)(z-i)(z+i) } \right] = } \lim _{ z\rightarrow i }{ \left[ \frac { z }{ (z+1)(z-1)(z+i) } \right] = } \frac {- 1 }{ 4 } $

para finalizar

$Re(f(z),-i)=\lim _{ z\rightarrow -i }{ \left[ (z+i)\frac { z }{ (z-1)(z+1)(z-i)(z+i) } \right] = } \lim _{ z\rightarrow -i }{ \left[ \frac { z }{ (z+1)(z-1)(z-i) } \right] = } \frac {- 1 }{ 4 } $

Entonces sabemos que la integral quedaría de la siguiente manera

$\oint { \frac { z }{ { z }^{ 4 }-1 } dz\quad =\quad 2\pi i\left[ Re(f(z),1)+Re(f(z),-1)+Re(f(z),i)+Re(f(z),-i) \right] \quad =\quad 2\pi i\left[ \frac { 1 }{ 4 } +\frac { 1 }{ 4 } -\frac { 1 }{ 4 } -\frac { 1 }{ 4 } \right] } $

$\oint { \frac { z }{ { z }^{ 4 }-1 } dz\quad =\quad 0 } $

Miguel Medina Armendariz (discusión) 22:59 3 jul 2015 (CDT)

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Ejercicio 23

Utilice el teorema de Cauchy del residuo para elevar la integral a lo largo del contorno indicado.

$\oint _{c}={\frac {z}{z^{4}-1}}dz$ , $C:\mid z\mid =2$

Solución

Factorizamos el denominador y se tiene:

$\oint _{c}{\frac {z}{(z^{2}-1)(z^{2}+1)}}dz=\oint _{c}{\frac {z}{(z-1)(z+1)(z-i)(z+i)}}$ ya que:

$z=\pm 1,z=\pm i$ tiene 4 polos simples, y dado que todos estos puntos estan dentro del contorno C,

el teorema del residuo de Cauchy nos dice:

$\oint _{c}f(z)dz=2\pi i{\stackrel {[}{k}}=1]{n}{\sum }Res(f(z),z_{k})$

se deduce que:

$\oint _{c}{\frac {z}{(z^{2}-1)(z^{2}+1)}}dz=2\pi i\left[Res(f(z),+1)+Res(f(z),-1)+Res(f(z),+i)+Res(f(z),-i)\right]...(1)$

Entonces tenemos

$Res(f(z),+1)={\underset {z\rightarrow +1}{l{\acute {\imath }}m}}(z^{2}-1)f(z)={\underset {z\rightarrow +1}{l{\acute {\imath }}m}}(z^{2}-1)\left[{\frac {z}{(z^{2}-1)(z^{2}+1)}}\right]={\underset {z\rightarrow +1}{l{\acute {\imath }}m}}{\frac {z}{z^{2}+1}}={\frac {1}{(1)^{2}+1}}={\frac {1}{2}}$

$Res(f(z),-1)={\underset {z\rightarrow -1}{l{\acute {\imath }}m}}(z^{2}-1)f(z)={\underset {z\rightarrow -1}{l{\acute {\imath }}m}}(z^{2}-1)\left[{\frac {z}{(z^{2}-1)(z^{2}+1)}}\right]={\underset {z\rightarrow -1}{l{\acute {\imath }}m}}{\frac {z}{z^{2}+1}}={\frac {-1}{(1)^{2}+1}}=-{\frac {1}{2}}$

$Res(f(z),+i)={\underset {z\rightarrow +i}{l{\acute {\imath }}m}}(z^{2}+1)f(z)={\underset {z\rightarrow +i}{l{\acute {\imath }}m}}(z^{2}+1)\left[{\frac {z}{(z^{2}-1)(z^{2}+1)}}\right]={\underset {z\rightarrow +i}{l{\acute {\imath }}m}}{\frac {z}{z^{2}-1}}={\frac {i}{-1-1}}=-{\frac {i}{2}}$

$Res(f(z),-i)={\underset {z\rightarrow -i}{l{\acute {\imath }}m}}(z^{2}+1)f(z)={\underset {z\rightarrow -i}{l{\acute {\imath }}m}}(z^{2}+1)\left[{\frac {z}{(z^{2}-1)(z^{2}+1)}}\right]={\underset {z\rightarrow -i}{l{\acute {\imath }}m}}{\frac {z}{z^{2}-1}}={\frac {-i}{-1-1}}={\frac {i}{2}}$

Sustituyendo en (1) se tiene finalmente que

$\oint _{c}={\frac {z}{(z^{2}-1)(z^{2}+1)}}dz=2\pi i\left[Res(f(z),1)+Res(f(z),-1)+Res(f(z),i)+Res(f(z),-i)\right]={\frac {1}{2}}-{\frac {1}{2}}-{\frac {i}{2}}+{\frac {i}{2}}=0$

Elaborado por Ricardo García Hernandez--Ricardo Garcia Hernandez (discusión) 23:23 3 jul 2015 (CDT)

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Ejercicio 25

Use el teorema del residuo de Cauchy´s para evaluar la integral dada a lo largo del contorno indicado

$\oint \frac{ze^z}{z^2 - 1} dz$ , $C: |z| = 2$

Para conocer el valor de la integral a lo largo del contorno sabemos que tenemos el Teorema del residuo:

$\oint _c f)(z) dz = 2\pi i \sum_{k=1} ^{n} a_1$

Donde $a_1$ es el residuo de la integral, y para calcular este podemos hacer uso del teorema:

$a_1 = \lim_{z \rightarrow z_0} [(z - z_0) f(z)]$

Para esta función tenemos $z_0 = 1$ y $z_0 = -1$

Los dos cero están dentro del contorno por lo que podemos calcular los dos residuos

Aplicando el teorema con $z_0 = 1$

$\lim_{z \rightarrow 1} [(z - 1) \frac{ze^z}{z^2 - 1}] = \lim_{z \rightarrow 1} [(z -1) \frac{ze^z}{(z + 1) (z - 1)}] = \lim_{z \rightarrow 1} [\frac{ze^z}{(z + 1)}] = \frac{e}{2}$

Aplicando el teorema con $z_0 = -1$

$\lim_{z \rightarrow -1} [(z + 1) \frac{ze^z}{z^2 - 1}] = \lim_{z \rightarrow -1} [(z + 1) \frac{ze^z}{(z +1) (z - 1)}] = \lim_{z \rightarrow -1} [\frac{ze^z}{z - 1}] = \frac{e^{-1}}{2} = \frac{1}{2e}$

Regresando al teorema del residuo y sustituyendo los residuos tenemos:

$\int_{ |z| = 2} \frac{ze^z}{z^2 - 1} dz = 2\pi i (\frac{e}{2} + \frac{1}{2e})$

Y esta es nuestra integral evaluada.

Angelina Nohemi Mendoza Tavera (discusión) 23:50 2 jul 2015 (CDT)

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Ejercicio 26

Utilice el teorema de Cauchy del residuo para evaluar la integral a lo largo del contorno indicado. $\oint _{c}{\frac {e^{z}}{z^{3}+2z^{3}}}dz;C:|z|=3$ de nuestra integral observamos que existen dos ceros en $z_{0}=-2,0$, como podemos observar ambas se encuentran dentro de nuestro contorno, asi pues procedemos a calcular los residuos correspondientes debido a que por el teorema:

$\oint _{c}f(z)dz=2\pi i\sum _{k=1}^{n}Res(f(z),z_{k})$

Calculando:

Para $z_{0}=-2$

$Res(f(z),z_{0}=-2)=\lim _{z\rightarrow -2}[(z+z_{0}){\frac {e^{z}}{z^{2}(z+2)}}=\lim _{z\rightarrow -2}{\frac {e^{z}}{z^{2}}}={\frac {1}{4e^{2}}}$

Por otro lado para $z_{0}=0$ por ser de orden 2 tenemos:

$Res(f(z),z_{0}=0)={\frac {1}{2-1}}!\lim _{z\rightarrow 0}{\frac {d}{dz}}[z^{2}{\frac {e^{z}}{z^{2}(z+2)}}]=lim_{z\rightarrow 0}[{\frac {e^{z}(z+2)-e^{z}}{(z+2)^{2}}}]=lim_{z\rightarrow 0}{\frac {e^{z}(z+1)}{z^{2}+4z+4}}={\frac {1}{4}}$

Por lo cual: $\oint _{c}{\frac {e^{z}}{z^{3}+2z^{2}}}dz=2i\pi [Res(f(z),z_{0}=-2)+Res(f(z),z_{0}=0)]$

$\oint _{c}{\frac {e^{z}}{z^{3}+2z^{2}}}dz={\frac {i\pi }{2}}({\frac {1}{e^{2}}}+1)$

--Anahi Limas (discusión) 22:33 3 jul 2015 (CDT)

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Ejercicio 30

Utilizar el teorema de Cauchy del residuo para evaluar la integral $\oint_C\dfrac{2z-1}{z^2(z^3+1)}dz$, donde $C$ es el rectángulo definido por $x=-2$, $x=1$, $y=-\frac{1}{2}$, $y=1$

Sol. Se tiene que $z=0$ es un polo de orden 2, por lo que su residuo es

$Res(f(z),z_1)=\lim_{z\longrightarrow 0}\dfrac{d}{dz}[z^2\dfrac{2z-1}{z^2(z^3+1)}]=\lim_{z\longrightarrow 0}\dfrac{d}{dz}[\dfrac{2z-1}{(z^3+1)}]$

De la regla del cociente tenemos

$Res(f(z),z_1)=\lim_{z\longrightarrow 0}[\dfrac{(z^3+1)2-(2z-1)3z^2}{(z^3+1)^2}]=2$

El polinomio $z^3+1$ se puede factorizar como $(z-z_2)(z-z_3)(z-z_4)$ donde $z_2$, $z_3$ y $z_4$ son los tres ceros distintos de la ecuación $z^3+1=0$ (o lo que es lo mismo, los tres ceros cúbicos de -1), por lo que del teorema del polo de orden $n$ se deduce que la función $\dfrac{2z-1}{z^2(z^3+1)}$ tiene tres polos simples cada uno en $z_2$, $z_3$ y $z_4$. De la fórmula para las $n$ raíces de un número complejo

$w_k=^n\sqrt{r}[\cos \dfrac{\theta +2k\pi}{n}+i\sin \dfrac{\theta +2k\pi}{n}]$

Con $z=-1$, $|z|=r=1$, $n=3$ y $\theta = \pi$, buscamos los valores de las $n$ raices

$z_2=\cos \dfrac{\pi}{3}+i\sin \dfrac{\pi}{3}=\dfrac{1}{2}+i\dfrac{\sqrt{3}}{2}$

$z_3=\cos \dfrac{\pi +2\pi}{3}+i\sin \dfrac{\pi +2\pi}{3}=\cos \dfrac{3\pi}{3}+i\sin \dfrac{3\pi}{3}=\cos \pi+i\sin \pi=-1$

$z_4=\cos \dfrac{\pi +4\pi}{3}+i\sin \dfrac{\pi +4\pi}{3}=\cos \dfrac{5\pi}{3}+i\sin \dfrac{5\pi}{3}=\dfrac{1}{2}-i\dfrac{\sqrt{3}}{2}$

Con lo anterior tenemos que $z_2=\dfrac{1}{2}+i\dfrac{\sqrt{3}}{2}$, $z_3=-1$ y $z_4=\dfrac{1}{2}-i\dfrac{\sqrt{3}}{2}$ y notamos que la raíz $z_4$ está fuera del rectángulo dado por el problema, por lo que sólo se consideran $z_2$ y $z_3$. De la fórmula

$Res(f(z),z_0)=\dfrac{g(z_0)}{h'(z_0)}$

obtenemos los residuos considerando $g(z)=\dfrac{2z-1}{z^2}$, $h(z)=z^3+1$ y $h'(z)=3z^2$, así

$Res(f(z),z_2)=\dfrac{2(\dfrac{1}{2}+i\dfrac{\sqrt{3}}{2})-1}{(\dfrac{1}{2}+i\dfrac{\sqrt{3}}{2})^2}\dfrac{1}{3(\dfrac{1}{2}+i\dfrac{\sqrt{3}}{2})^2}=\dfrac{1+i\sqrt{3}-1}{-\dfrac{2}{4}+i\dfrac{\sqrt{3}}{2}}\dfrac{1}{3(-\dfrac{2}{4}+i\dfrac{\sqrt{3}}{2})}=\dfrac{i\sqrt{3}}{3(-\dfrac{2}{4}+i\dfrac{\sqrt{3}}{2})^2}=\dfrac{i\sqrt{3}}{3(-0.5-i\dfrac{\sqrt{3}}{2})}=\dfrac{i\sqrt{3}}{-1.5-i\dfrac{3\sqrt{3}}{2}}$

$Res(f(z),z_2)=\dfrac{i\sqrt{3}}{-1.5-i\dfrac{3\sqrt{3}}{2}}\dfrac{-1.5+i\dfrac{3\sqrt{3}}{2}}{-1.5+i\dfrac{3\sqrt{3}}{2}}=\dfrac{-\frac{9}{2}-i2.6}{\frac{9}{4}-\frac{27}{4}}=1+i0.577$

$Res(f(z),z_2)=1+i0.577$

$Res(f(z),z_3)=\dfrac{2(-1)-1}{(-1)^2}\dfrac{1}{3(-1)^2}=\dfrac{-3}{3}=-1$

$Res(f(z),z_3)=-1$

Del Teorema del residuo de Cauchy se tiene

$\oint_Cf(z)=2\pi i[(1+i0.577)-1]=2\pi i(i0.577)=-3.625$

Oscar Javier Gutierrez Varela (discusión) 18:57 2 jul 2015 (CDT)

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